Pics aus einem Ordner lesen und im mysql einfügen

Hallo Leute, hab einen Problem, möchte die Bilder aus einem Ordner lesen und dann im Datenbank einfügen, das lesen funkt. ganz gut soweit, das einfügen im DB aber nicht, hat jemand eine Idee??

Mein Code:

PHP-Code:

$verzname = "temp/zip".$user_id."/";

$dh = opendir( $verzname );
echo "<table border=\"1\" bordercolor=\"Green\">";
while ( $form_data1 = readdir( $dh ))
{
if ($form_data1 != "." && $form_data1 != "..")
{

if (strstr($form_data1, ".jpg") || strstr($form_data1, ".gif") || strstr($form_data1, ".png"))
{
echo "<tr>\n";
echo "<td><img src=\"$verzname/$form_data1\" width=\"90\" height=\"45\" border=\"0\">".$form_data1."";

echo $verzname."/".$form_data1;

$data1 = addslashes(fread(fopen($form_data1, "r"), filesize($form_data1)));
$result= MYSQL_QUERY("INSERT INTO binary_data(bin_data,filename,filesize,filetype,parent) ".
"VALUES ('$data1','$form_data1_name',$form_data1_size,'$form_data1_type','$parent')");


echo "<p align=\"center\">Bild Nummer ".$form_data1." wurde erfolgreich hochgeladen!<br><br>";
echo "</td>\n</tr>\n";
}
}
}
echo "</table><br><br><br>";
closedir( $dh); 


Danke
Abu

http://php-resource.de/forum/showthr...threadid=50454 lesen, befolgen und dann ausgegebene Fehlermeldungen posten

hmm kannte ich gar nicht, danke!

Ausgabe:

PHP-Code:


Notice: Undefined variable: form_data1_name in /srv/www/htdocs/markt/login/import/bilderimport.php on line 51

Notice: Undefined variable: form_data1_size in /srv/www/htdocs/markt/login/import/bilderimport.php on line 51

Notice: Undefined variable: form_data1_type in /srv/www/htdocs/markt/login/import/bilderimport.php on line 51

Notice: Undefined variable: parent in /srv/www/htdocs/markt/login/import/bilderimport.php on line 51 


hab was geändert und zwar

PHP-Code:


$form_name = $form_data1;
$form_size = filesize($form_data1);
$form_type = filetype($form_data1);

$data1 = addslashes(fread(fopen($form_data1, "r"), filesize($form_data1)));
$result= MYSQL_QUERY("INSERT INTO binary_data(bin_data,filename,filesize,filetype,parent) ".
                  "VALUES ('$data1','$form_name',$form_size,'$form_type','$user_id')"); 


hab aber einen problem im datenbank


id bin_data filename filesize filetype parent
90 [BLOB - 21,3 KB] 001519_1.jpg 21833 file 6


bekomme den genauen typ nicht raus z.b. das es ein bild image/pjpeg ist und nicht wie hier unter filetype angegeben ist allgemein "" file ""

Original geschrieben von abu
bekomme den genauen typ nicht raus z.b. das es ein bild image/pjpeg ist und nicht wie hier unter filetype angegeben ist allgemein "" file ""

Hast du dir im Manual angesehen, wozu die Funktion filetype() dient? Nein, hast du vermutlich nicht.


Nutze getimagesize, um den Typ von Grafikdateien zu ermitteln.